Diferencia entre revisiones de «Almagesto: Libro III - Capítulo 06»
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Línea 71:
(Segundo) o supongamos que es dada la ecuación de la anomalía, por ej. el ^ ΘZD: tomaremos los mismos resultados en orden inverso. Desde el ^ ΘZD será dada la relación ΘZ / ΘL, y la [relación] ΘZ / ΘD es dada desde el principio. En consecuencia DΘ / ΘL será dada, y por lo tanto el ^ ΘDL, por ej. del arco AB de la eclíptica, y [por ende] el ^ EQZ, por ej. del arco EZ de la excéntrica.
Seguidamente [ver fig. 3.14] sea el círculo
[[File:Almagesto_Libro_III_FIG_14.png|center|379px|Fig. 3.14]]▼
<center>Fig. 3.14</center>▼
<div class="prose">
Línea 79 ⟶ 82:
</div>
▲[[File:Almagesto_Libro_III_FIG_14.png|center|379px|Fig. 3.14]]
▲<center>Fig. 3.14</center>
▲Por lo tanto, el triángulo rectángulo AZK [inscripto] en el círculo
<div class="prose">
Línea 99:
Y dado que ZK ^2 + KD ^2 = ZBD ^2,<br />
ZD = 62;11p, donde ZK = 1;15p.
Entonces donde la hipotenusa DZ = 120p, ZK = 2;25p,
▲y en el triángulo rectángulo DZK, [inscripto] en el círculo
[[File:Almagesto_Libro_III_FIG_15.png|center|379px|Fig. 3.15]]▼
<center>Fig. 3.15</center>▼
Arco ZK = 2;18º.<br />
en consecuencia ^ ZDK = 2;18ºº donde 4 ángulos rectos = 360ºº<br />
Línea 112 ⟶ 106:
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Nuevamente, ésta es
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Línea 119 ⟶ 113:
Por lo tanto, por substracción, el ^ AZD, que representa el arco del movimiento aparente sobre la eclíptica, es de 28;51º.
Estas cantidades están de acuerdo con lo que hallamos para la hipótesis de la excéntrica.▼
Si algún otro ángulo aquí también es dado [en cambio del ^ EAZ], los ángulos restantes serán dados, [como puede ser visto] en la misma figura [ver Fig. 3.15] si ella la perpendicular AL es eliminada desde A hacia DZ.▼
▲Si aquí también algún otro ángulo
[[File:Almagesto_Libro_III_FIG_16.png|center|379px|Fig. 3.16]]▼
<center>Fig. 3.16</center>▼
▲[[File:Almagesto_Libro_III_FIG_15.png|center|379px|Fig. 3.15]]
Pero si, como antes, tomamos primero el arco del movimiento aparente sobre la eclíptica, ej. dado desde el ^ AZD, desde [el cuál] será dada la relación ZA / AL. Y dado que ZA / AD fue dada desde el principio, será dada [también] DA / AL. Por lo tanto el ^ ADB será dado, ej. desde el arco AB, entonces el arco de la ecuación de la anomalía, será el ^ EAZ, ej. [dado] desde el arco EZ del epiciclo.▼
▲<center>Fig. 3.15</center>
▲
Tomemos nuevamente la figura previa de la excéntrica [ver Fig. 3.16], y cortar desde H, [que es] el perigeo de la excéntrica, el arco HZ que nuevamente tomaremos como de 30º. Unir DZB y ZΘ, y eliminar la perpendicular DK desde D hasta ΘZ.▼
▲Tomemos nuevamente la figura previa de la excéntrica [ver Fig. 3.16], y cortar desde H,
▲[[File:Almagesto_Libro_III_FIG_16.png|center|379px|Fig. 3.16]]
▲<center>Fig. 3.16</center>
<div class="prose">
Línea 149 ⟶ 147:
<div class="prose">
DK = 60p donde el diámetro DΘ = 120p.<br />
y
Por lo tanto donde la hipotenusa DΘ = 2;30p y el radio ΘZ = 60p,<br />
DK = 1;15p y ΘK = 2;10p,<br />
y KZ = 57;50p por sustracción [de ΘK desde ΘZ]<br />
Y ya que DZ ^ 2 = DK ^ 2 + KZ ^ 2,<br />
DZ ≈ 57;51p donde DK = 1;15p.
</div>
Línea 161 ⟶ 158:
<div class="prose">
DZ = 120p, DK = 2;34p. <
</div>
Y, en el círculo
<div class="prose">
Línea 174 ⟶ 170:
</div>
Y dado que el ^ ZΘH fue tomado como de 30º, por adición, el ^ BDG, por ej.
Aquí también, en el mismo sentido [como antes], [ver Fig. 3.17]
[[File:Almagesto_Libro_III_FIG_17.png|center|379px|Fig. 3.17]]▼
<center>Fig. 3.17</center>▼
Luego si, primero, tomamos el arco GB de la eclíptica, ej. dado desde el ^ ΘDL, será dada la relación DΘ / ΘL. Y dado que ΘD / ΘZ fue también dada en el comienzo, será dada ZΘ / ΘL. Por lo tanto, tendremos dados los ángulos ^ ΘZD, ej. desde la ecuación de la anomalía y el ^ ZΘD, ej. Desde el arco HZ de la excéntrica.
Línea 182:
Similarmente, en la figura previa de la concéntrica y el epiciclo [ver Fig. 3.18], cortamos el arco H desde el perigeo, por la misma cantidad de 30º, [y] unir AH y DHB, y eliminar la perpendicular HK desde H hacia AD.
▲[[File:Almagesto_Libro_III_FIG_17.png|center|379px|Fig. 3.17]]
▲<center>Fig. 3.17</center>
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